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-22-福建省莆田市第一联盟体2020届高三化学上学期联考试试题(含解析)可能用到的相对原子质量:一、选择题:本题共14小题,每小题3分,共42分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1.下列与我国科技成果有关的说法,不正确的是()中国天眼蛟龙号潜水器飞机港珠澳大桥A.传输信息用的光纤材料是硅B.用到钛合金,22号钛元素属于过渡元素C.用到的氮化硅陶瓷是新型无机非金属材料D.用到的合金材料,具有强度大、密度小、耐腐蚀等性能A.AB.BC.CD.D【答案】A【解析】【详解】A.传输信息用的光纤材料是二氧化硅,故A错误;B.22号钛元素位于第四周期第IVA族,属于过渡元素,故B正确;C.氨化硅陶瓷属于无机物,是新型无机非金属材料,故C正确;D.跨海大桥使用的合金材料,必须具有强度大、密度小、耐腐蚀等特性,故D正确;故选A。2.设为阿伏加德罗常数的值,下列说法正确的是()A.常温常压下,中所含中子数为B.溶液中含有数目小于C.熔融状态下,中所含阳离子数目为2D.25°C时,的碳酸钠溶液中,由水电离出的数目为【答案】D【解析】【详解】A.18g重水的物质的量为0.9mol,而重水中含10个中子,故0.9mol重水中含个中子,故A错误;B.溶液体积不明确,所以溶液中铵根离子的个数无法计算,故B错误;C.熔融状态下NaHSO4只能完全电离为钠离子和HSO4-离子,故1mol熔融的NaHSO4中含阳离子个数为NA个,故C错误;D.25°C时,pH=11的碳酸钠溶液中,c(H+)=10-11mol/L,由水电离出的浓度为c(OH-)=,则1L溶液中OH-数目为,故D正确;故选D。【点睛】此题易错点在A项,D2O的相对分子质量近似等于质量数之和,即摩尔质量为20g/mol。3.下列关于有机物的说法,正确的是()A.油脂和氨基酸在一定条件下均可以与氢氧化钠溶液反应B.聚乙烯和聚氯乙烯的单体都是不饱和烃,均能使溴水褪色C.糖类化合物都具有相同的官能团D.通过石油分馏获得乙烯,已成为目前工业上生产乙烯的主要途径【答案】A【解析】【详解】A.油脂中含有酯基,所以能和NaOH反应,氨基酸中含有羧基,所以能和NaOH反应,故A正确;B.聚乙烯和聚氯乙烯的单体分别为乙烯和氯乙烯,因为含有碳碳双键,均能使溴水褪色,但氯乙烯不是烃,故B错误;C.葡萄糖的官能团是羟基和醛基,而果糖的官能团羟基和羰基,故C错误;D.通过石油分馏产品进行裂解可以获得乙烯,已成为目前工业上生产乙烯的主要途径,故D错误;故选A。【点睛】糖类是指多羟基醛或是多羟基酮或是水解之后能生成它们的物质,所以官能团不一定相同;只含有C和H的化合物成为烃,氯代烃属于烃的衍生物。4.下表中相关物质信息都正确的一项是()选项化学式物质的性质与性质相对应的用途A水溶液呈弱碱性工业制硝酸B具有两性耐高温材料C强氧化性消毒液D受热易分解泡沫灭火器A.AB.BC.CD.D【答案】C【解析】【详解】A.氨气溶于水生成一水合氨,一水合氨电离生成氢氢根离子而使其水溶液呈弱碱性,但该性质并不是工业制硝酸的原理,故A错误;B.氧化铝属于两性氧化物,具有两性,但用于耐高温材料是因为氧化铝的熔点高,故B错误;C.NaClO具有强氧化性而使蛋白质变性,所以可以作消毒剂,故C正确;D.碳酸氢钠受热易分解,但作为灭火剂是因为碳酸氢根能和铝离子发生双水解反应而生成二氧化碳,与其稳定性强弱无关,故D错误;故选C。5.常温下,下列各组离子在指定溶液中一定能大量共存的是()A.与金属铝反应放出氢气的溶液:B.能使紫色石蕊试液变蓝色的溶液:C.溶液:D.的溶液:【答案】D【解析】【详解】A.与金属铝反应放出氢气的溶液呈酸性或碱性,在碱性溶液中NH4+因为与OH-结合生成NH3·H2O而不能大量存在,故A错误;B.能使紫色石蕊试液变蓝色的溶液呈碱性,在碱性条件下钙离子不能大量存在,ClO-与I-发生氧化还原反应而不能大量共存,故B错误;C.溶液中,HCO3-与OH-、Ba2+反应生成碳酸钡沉淀而不能大量共存,故C错误;D.的溶液呈酸性,离子间均不反应,一定可以大量共存,故D正确;故选D。【点睛】注意明确离子不能大量共存的一般情况:能发生复分解反应的离子之间;能发生氢化还原反应的离子之间;能发生络合反应的离子之间(如Fe3+和SCN-)等;还应该注意题目所隐含的条件,如:溶液的酸碱性,据此来判断溶液中是否有大量的H+或OH-;溶液的具体反应条件,如“氧化还原反应”、“加入铝粉产生氢气”、是“可能”共存,还是“一定”共存等。6.催化还原的机理示意图如下。下列说法不正确的是()A.的断裂需要吸收能量B.①→②,发生加成反应C.④中,被氧化为D.生成总反应的化学方程式是【答案】C【解析】【详解】A.断裂化学键吸收能量,则H-H的断裂需要
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