导数的应用(构造法).docx

导数的应用(构造法)

第一篇：导数的应用(构造法)导数的应用（构造法证明不等式）1.已知函数f(x)lnx(p0)是定义域上的增函数.（Ⅰ）求p的取值范围；（Ⅱ）设数列an的前n项和为Sn,且an2.已知函数f(x)alnxax3在x=2处的切线斜率为1，函数g(x)xx(f(x)区间(2,3)内有最值,（Ⅰ）试判断函数g(x)在区间(2,3)内有最大值还是最小值,并求m的范围；（Ⅱ）证明不等式：ln(221)ln(321)ln(n21)12lnn！.32/2n1n，证明:Sn2ln(n1).m2)在3.已知函数f(x)1xax3lnx(a0)在区间1,上为单调递增函数.（Ⅰ）求实数a的范围；（Ⅱ）证明：4.已知函数f(x)ln(x1)k(x1)1.（Ⅰ）讨论函数f(x)的单调性；（Ⅱ）若f(x)0恒成立，求k的取值范围；（Ⅲ）证明：ln23ln34lnnn1n(n1)4,(nN,n1).121nlnn112131n1,nN,n2.第二篇：构造函数法在导数中的应用（小编推荐）构造函数法在导数中的应用“作差法”构造证明不等式或解决不等式恒成立问题都可以利用作差法将不等式右边转化为0，然后构造新函数[F（x）]，最后根据新函数[F（x）]的单调性转化为[F（x）min≥0]或者[F（x）max≤0来解决.]例1设函数[f（x）=x1+x]，[g（x）=lnx+12].求证：当[0∵[F（x）=1+x-x1+x2-1x=-x2-x-11+x2?x∴[F（x）]在（0，1]上单调递减.∵[F（1）=12-0-12=0，]∴[F（x）]≥0，当且仅当[x=1]时，等号成立.∴当[0恒成立问题中，求参数范围的问题，常常分离参数转化为[a≤F（x）min或者a≥F（x）max，]其中[F（x）]为构造的新函数.例2若不等式[2x?lnx≥-x2+ax-3]恒成立，则实数[a]的取值范围是（）A.（-∞，0）B.（-∞，4]C.（0，+∞）D.[4，+∞）解析不等式[2x?lnx≥-x2+ax-3]恒成立，即[a≤2lnx+x+3x]在（0，+[∞]）上恒成立.设[h（x）=2lnx+x+3x]，则[h′（x）=（x+3）（x-1）x2（x>0）].当[x∈（0，1）]时，[h′（x）当[x∈（1，+∞）]时，[h′（x）>0]，函数[h（x）]单调递增.所以[h（x）min=h（1）=4].所以[a≤h（x）min=4].答案B根据题干的“结构特征”猜想构造1.根据运算公式[f（x）?g（x）′=f（x）g（x）+f（x）g（x）]和[f（x）g（x）′][=f（x）g（x）-f（x）g（x）g（x）2来构造]例3已知函数[f（x）]的定义域是[R]，[f（0）=2]，对任意的[x∈R]，[f（x）+f（x）>1]恒成立，则不等式[ex?f（x）][>ex+1]的解集为（）A.（0，+∞）B.（-∞，0）C.（-1，+∞）D.（2，+∞）解析构造函数[g（x）=ex?f（x）-ex]，因为[g′（x）=ex?f（x）+ex?f（x）-ex=ex[f（x）+f（x）]-ex][>ex-ex=0]，所以[g（x）=ex?f（x）-ex]为[R]上的增函数.又[g（0）=e0?f（0）-e0=1]，所以原不等式转化为[g（x）>g（0）]，所以[x>]0.答案A例4设函数[f（x）]满足[x2?f（x）+2x?f（x）=exx，][f（2）=][e28，]则当[x>0]时，[f（x）]（）A.有极大值，无极小值B.有极小值，无极大值C.既有极大值又有极小值D.既无极大值又无极小值解析构造函数[F（x）=x2?f（x）]则[f（x）=F（x）x2′=ex-2F（x）x3，][令h（x）=ex-2F（x），则h（x）=ex（x-2）x.][∴h（x）]在（0，2）上单调递减；在[（2，+∞）]上单调递增.[∴h（x）≥h（2）=0].[∴f（x）≥0，∴f（x）在（0，+∞）上单调递增.]答案D2.根据已知条件等价转化后再以“形式”来构造运用下列形式的等价变形构造：分式形式[f（b）-f（a）b-a例5设函数[f（x）=lnx+mx]，[m∈R].（1）当[m=e]（[e]为自然对数的底数）时，求[f（x）]的极小值；（2）讨论函数[g（x）=f（x）-3x]零点的个数；（3）若对任意[b>a>0]，[f（b）-f（a）b-a当[x∈（e，+∞）]，[f（x）>0]，[f（x）]在[（e，+∞]）上单调递增.∴[x=e]时，[f（x）]取得极小值[f（e）=lne+ee]=2.∴[f（x）]的极小值为2.（2）由题设知，[g（