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构造可导函数证明函数不等式（共5篇）

第一篇：构造可导函数证明函数不等式构造可导函数证明不等式◎李思阳本溪市机电工程学校117022【内容简要】构造辅助函数，把不等式证明转化为利用导数研究函数的单调性或最值，从而证得不等式。而如何构造一个可导函数，是用导数证明不等式的关键。本文从热门的高考题及模拟题中选出四种类型题供师生们参考。【关键词】构造辅助函数；导数；不等式。一．直接作差1（2011·辽宁文科）设函数f(x)xax2blnx，曲线yf(x)过P（1，0），且在P点处的切线斜率为2.（1）求a，b的值；（2）证明：f(x)2x2。（1）解：f(x)=1+2ax1a0b.由已知条件得f(1)0，f(1)=2，即x12ab2解得a1。b3(2)证明:因为f(x)的定义域为（0，+∞），由（1）知f(x)xx23lnx。设g(x)f(x)(2x2)=2xx3lnx，则g(x)=12x23(x1)(2x3)=。xx当0＜x＜1时，g(x)＞0，当x＞1时，g(x)＜0。所以g(x)在（0，1）内单调递增，在（1，+∞）内单调递减。而g(1)=0，故当x＞0时，g(x)≤0，即f(x)2x2。总结：直接作差g(x)f(x)(2x2)，用导数得gmax(x)g(1)=0，从而得证。直接作差是证这类题最常用的方法。二．分离函数2.（2011·课标全国卷文科）已知函数f(x)处的切线方程为x2y30。（1）求a，b的值；（2）证明：当x＞0，且x1时，f(x)＞(1)解:略a1，b1。alnxb，曲线yf(x)在点（1，f(1)）x1xlnx。x1lnx1lnx1x21，所以f(x)(2lnx)。（2）证明：由（1）知f(x)=x1xx11x2xx21考虑函数h(x)=2lnx（x＞0），则x22x2(x21)(x1)2=。h(x)=22xxx所以当x1时，h(x)＜0，而h(1)0当x∈（0，1）时，h(x)＞0，可得，故1h(x)＞0；21x1h(x)＞0。当x∈（1，+∞）时，h(x)＜0，可得1x2lnx从而当x＞0，且x1时，f(x)＞。x1总结：作差后的函数如可分为两个函数的积，直接求导很繁，可取其中一个函数求导，再讨论证明。三．巧妙变形3.（2010·辽宁文科）已知函数f(x)(a1)lnxax21。（1）讨论函数f(x)的单调性；（2）设a2，证明：对任意x1，x2∈（0，+∞），f(x1)f(x2)4x1x2。解：（1）略。（2）不妨设x1≥x2，由于a2，故f(x)在（0，+∞）减少。所以f(x1)f(x2)4x1x2等价于f(x2)f(x1)≥x1-x2，即f(x2)x2≥f(x1)x1。a12ax24xa12ax4=令g(x)f(x)x，则g(x)=。于是xx4x24x1(2x1)2g(x)≤≤0。xx从而g(x)在（0，+∞）单调减少，故g(x1)≤g(x2)。即f(x1)x1≤f(x2)x2，故，对任意x1，x2∈（0，+∞），f(x1)f(x2)4x1x2。总结：通过等价变形，构造函数g(x)，利用g(x)的单调性得证。四．作函数积12。exex1212证明:对任意的x（0，﹢∞），lnx1＞xx(lnx1)>x(x)exexeex2设函数f(x)=xlnxx，g(x)=x+。ee111f(x)=lnx2，f(x)=0，得x2，易知fmin(x)=f(2)=—2。eee4.（2011·本溪一中模拟）对任意的x（0，﹢∞），求证：lnx1＞1exxex，=0，得1，易知==。g(1)g(x)=g(x)g(x)xmaxee2x11，∴fmin(x)＞gmax(x)，∴f(x)g(x)。ee2x212∴xlnxxx+。因此lnx1＞x。exeee∵总结：直接做不好做，不等式两边同乘以一个函数，先进行证明，得到结果后再同除以这个函数，从而证得。第二篇：构造函数证明不等式在含有两个或两个以上字母的不等式中，若使用其它方法不能解决，可将一边整理为零，而另一边为某个字母的二次式，这时可考虑用判别式法。一般对与一元二次函数有关或能通过等价转化为一元二次方程的，都可考虑使用判别式，但使用时要注意根的取值范围和题目本身条件的限制。例1.设：a、b、c∈R，证明：a2acc23b(abc)0成立，并指出等号何时成立。解析：令f(a)a2(3bc)ac23b23bc⊿＝(3bc)24(c23b23bc)3(b